哈爾濱市中考物理試卷答案解析(2)
哈爾濱市中考物理試卷非選擇題答案解析
13.哈爾濱的端午節賽龍舟時，龍舟上發出的陣陣鼓聲是由于鼓面的 振動 產生的;鼓聲通過 空氣 傳到觀眾處.
【考點】91：聲音的產生;92：聲音的傳播條件.
【分析】聲是由于物體振動產生的，振動停止，發聲停止;聲音的傳播需要介質，氣體、液體、固體都可以傳聲.
【解答】解：
鼓聲是由于鼓面振動產生的.聽到的鼓聲主要是通過空氣傳到人耳.
故答案為：振動;空氣.
【點評】本題考查了聲音的產生和傳播，屬于基礎題.
14.小明由于經常玩手機，經檢查眼睛有些近視，應利用 凹 透鏡矯正;手機之間利用 電磁波 傳遞信息(選填“電磁波”或“聲波”).
【考點】BA：近視眼的成因與矯正辦法.
【分析】掌握近視眼的成因是解答本題的關鍵，近視眼是由于人眼晶狀體變凸，焦距變短，會聚能力增強.
移動通信都是利用電磁波來傳遞信息的
【解答】解：近視眼是由于人眼的晶狀體變凸，會聚能力增強，像呈在視網膜的前方，故應佩戴發散透鏡即凹透鏡進行矯正，使光線發散后成像在視網膜上.
手機既是電磁波的發射臺也是電磁波的接受臺，所以手機之間是利用電磁波來傳遞信息的.
故答案為：凹;電磁波.
【點評】本題主要考查學生對近視眼的成因與矯正方法的認識和了解以及電磁波的應用，是一道基礎題
15.使用刻度尺之前，要觀察 量程 、分度值及零刻度線在哪里.如圖，被測木塊的長度為 1.70 cm.
【考點】64：長度的測量.
【分析】(1)刻度尺在測量之前，要觀察其量程、分度值和零刻度線;
(2)使用刻度尺時要明確其分度值，起始端從0開始，讀出末端刻度值，就是物體的長度;起始端沒有從0刻度線開始的，讀出末端刻度值，減去起始端所對刻度即為物體長度;注意刻度尺要估讀到分度值的下一位.
【解答】解：
(1)使用刻度尺之前，要注意觀察刻度尺的零刻度線的位置，是否磨損;還要觀察刻度尺的分度值和量程;
(2)圖中刻度尺上1cm之間有10個小格，一個小格的長度是0.1cm，即此刻度尺的分度值為0.1cm;木塊左側與0.00cm對齊，右側與1.70cm對齊，所以木塊的長度為L=1.70cm.
故答案為：量程;1.70.
【點評】此題考查的是刻度尺的分度值和讀數，刻度尺是物理實驗和日常生活中經常的測量工具，要熟練掌握其使用和讀數方法.
16.如圖所示是四沖程汽油機工作時的壓縮沖程，此過程中通過 做功 方式使汽缸內燃料混合物的內能 增大 (選填“增大”或“減小”).
【考點】GM：內燃機的四個沖程.
【分析】改變物體內能有兩種方式：做功和熱傳遞，熱傳遞和做功都可以改變物體的內能，做功是能量的轉化，熱傳遞是能量的轉移.
【解答】解：
在汽油機的壓縮沖程中，壓縮燃料混合物，對其做功，使燃料混合物的內能增加、溫度升高，是通過做功的方式改變內能.
故答案為：做功;增大.
【點評】了解汽油機壓縮沖程中的能量轉化，知道做功和熱傳遞改變物體內能的區別，能結合實例進行分析，是解答的關鍵.
17.將硫酸銅溶液注入水的下方，可以看到清水與硫酸銅溶液之間有明顯的界面，如圖甲.靜置20日后，如圖乙，這是 擴散 現象，說明液體分子 在永不停息地做無規則運動 .
【考點】GW：擴散現象.
【分析】不同的物質相互接觸時，彼此進入對方的現象叫做擴散，擴散現象說明了分子在不停的做無規則運動.
【解答】解：
在量筒里裝入的清水和藍色的硫酸銅溶液之間有明顯的界面，靜置幾天后，界面變模糊了，這屬于擴散現象，說明一切物體分子都在永不停息地做無規則運動.
故答案為：擴散;在永不停息地做無規則運動.
【點評】本題主要考查學生對擴散現象的理解和掌握，是中考的熱點，屬于基礎題目.
18.一個杯里裝有200mL牛奶，其中牛奶的質量是210g，那么牛奶的密度是 1.05 g/cm3;小聰喝了半杯，剩余半杯牛奶的密度 不變 (選填“變大”、“不變”或“變小”).
【考點】2A：密度的計算.
【分析】(1)知道牛奶的體積和質量，根據ρ= 求出牛奶的密度;
(2)密度是物質本身的一種特性，與物體的質量和體積的大小無關.
【解答】解：牛奶的體積：
V=200mL=200cm3，
牛奶的密度：
ρ= = =1.05g/cm3，
因密度是物質本身的一種特性，與物體的質量和體積的大小無關，
所以，小聰喝了半杯，剩余半杯牛奶的密度仍為1.05g/cm3不變.
故答案為：1.05;不變.
【點評】本題考查了密度的計算和密度的特性，要注意單位的換算，是一道基礎題目.
19.如圖所示，杠桿水平放置且自重忽略不計，O是支點，左側掛一重物，動力F1大小為3N，整個裝置處于靜止狀態，則物體的重力為 6 N.此時杠桿屬于 省力 杠桿(選填“省力”或“費力”).
【考點】7N：杠桿的平衡條件;7O：杠桿的分類.
【分析】設杠桿上每一個格的長度為L，由圖可知重物和動力的力臂，根據杠桿的平衡條件求出物體的重力，比較重物的力臂和動力的力臂關系判斷杠桿的分類.
【解答】解：設杠桿上每一個格的長度為L，則重物的力臂LG=2L，動力的力臂LF=4L，
由杠桿的平衡條件可得：G•LG=F1•LF，
則物體的重力G= F1= ×3N=6N，
因LG
所以，此時杠桿屬于省力杠桿.
故答案為：6;省力.
【點評】本題考查了杠桿平衡條件的應用和杠桿的分類，是一道較為簡單的應用題.
20.用如圖所示的兩個相同裝置，同時給質量相同的水和鐵砂加熱，升溫較慢的物質是 水 ，因為它的 比熱容 較大.
【考點】GD：比熱容的概念.
【分析】比熱容是描述物質吸放熱本領的物理量.在目前已知物質中，水的比熱容最大;
相同的加熱設備，相同時間為不同液體提供的熱量相同.在質量和吸收的熱量相同時，物質升高的溫度與比熱容成反比.
【解答】解：
用兩個相同裝置，同時給質量相同的水和鐵砂加熱，兩種物質相同時間吸收的熱量相同.
因為水的比熱容大于鐵砂，由公式△t= 知，升溫較慢的物質是水.
故答案為：水;比熱容.
【點評】此題考查了水的比熱容較大的特點和熱量變形公式的應用，是一道熱現象的基礎題，難度較小，容易解答.
21.已知天然氣的熱值為4×107J/m3.完全燃燒0.3m3的天然氣，放出的熱量為 1.2×107 J.用天然氣給水加熱至沸騰后繼續加熱，水的溫度將 不變 .
【考點】GG：熱量的計算.
【分析】知道天然氣的熱值和體積，根據Q放=qV求出天然氣完全燃燒放出的熱量;水沸騰的特點是達到沸點后，繼續加熱溫度不變.
【解答】解：完全燃燒0.3m3的天然氣，放出的熱量：
Q放=qV=4×107J/m3×0.3m3=1.2×107J;
水沸騰的特點是達到沸點后，繼續加熱、水的溫度不變.
故答案為：1.2×107;不變.
【點評】此題主要考查的是學生對熱值計算公式和液體沸騰特點的理解和掌握，難度不大.
22.如圖所示，電阻R=55Ω，當閉合S1、S2時，通過電阻R的電流為 4 A，電路消耗的總功率為1000W.當只閉合S2時，電動機消耗的電功率為 120 W.
【考點】IH：歐姆定律的應用;JA：電功率的計算.
【分析】當閉合S1、S2時，定值電阻R與電動機M并聯，根據并聯電路的電壓特點和歐姆定律求出通過電阻R的電流，根據P=UI求出R的電功率，電路的總功率減去R的電功率即為電動機的功率;當只閉合S2時，電路為電動機M的簡單電路，根據并聯電路中各支路獨立工作、互不影響可知電動機消耗的電功率.
【解答】解：當閉合S1、S2時，定值電阻R與電動機M并聯，
因并聯電路中各支路兩端的電壓相等，
所以，通過電阻R的電流：
I= = =4A;
電阻R的電功率：
PR=UI=220V×4A=880W，
因電路的總功率等于各用電器功率之和，
所以，電動機消耗的功率：
PM=P﹣PR=1000W﹣880W=120W;
當只閉合S2時，電路為電動機M的簡單電路，
因并聯電路中各支路獨立工作、互不影響，
所以，電動機消耗的電功率仍為120W.
故答案為：4;120.
【點評】本題考查了并聯電路的特點和歐姆定律、電功率公式的應用，要注意并聯電路中各支路獨立工作、互不影響特點的應用.
23.如圖，一個物體靜止在水平面上，O為它對水平面壓力的作用點，請畫出壓力的示意圖.
【考點】6H：力的示意圖.
【分析】物體位于水平面上時，壓力和重力的大小、方向都相同，都是豎直向下的.
【解答】解：圖中，作用點已畫出，物體靜止在水平面上，對水平面的壓力大小等于重力，方向是豎直向下的，如下圖：
【點評】作力的示意圖，要用一條帶箭頭的線段表示力，線段的長度表示力的大小，箭頭表示力的方向，起點或終點表示力的作用點;
24.圖示為通電螺線管，請標出A點的電流方向，并在螺線管外畫出經過B點的磁感線.
【考點】CA：通電螺線管的磁場;C7：磁感線及其特點.
【分析】知道螺線管的NS極，由安培定則可知通電螺線管的電流方向.進而根據磁感線的特點可以確定磁感線的方向.
【解答】解：螺線管右側為S極，左側為N極，由安培定則可知螺線管中電流由右側流入，左側流出，所以A點的電流方向為向上;
磁感線在磁體的周圍從N極出發回到S極，所以B點磁感線的方向向右.如下圖：
【點評】本題考查安培定則及磁感線的方向，要求學生能熟練應用安培定則判斷磁極或電流方向.
25.小明和小聰在探究光的反射規律，實驗裝置如圖所示.
(1)∠FON是 反射 角(選填“入射”或“反射”).
(2)一束光沿EO射到鏡面，在紙板上會看到反射光OF.若沿著FO的方向再入射一束光，它的反射光沿OE方向射出，此現象說明 在反射現象中，光路是可逆 .
(3)在研究反射角和入射角的關系時，收集數據如下表：
入射角 反射角
30° 30°
小明分析表中數據，得出 反射角等于入射角 的結論.
小聰說，此結論不具有普遍性.請指出實驗中的不足并加以改進 不足：只測量了一組入射角及對應的反射角的大小;改進：多次改變入射角的大小，測量并分析對應的反射角和入射角的大小，得出普遍規律 .
【考點】A7：光的反射定律.
【分析】(1)入射光線與法線的夾角是入射角，反射光線與法線的夾角是反射角.
(2)光在反射時光路是可逆的.
(3)一次實驗具有很大的偶然性，應當改變入射角進行多次實驗.
【解答】解：(1)由圖可知，∠FON是反射光線與法學的夾角，故∠FON是反射角;
(2)如果讓光沿FO方向射到鏡面，會發現反射光沿OE方向射出，這表明在反射現象中，光路是可逆的;
(3)分析表中數據，可得出反射角等于入射角的結論;
此結論不具有普遍性，實驗中的不足：只測量了一組入射角及對應的反射角的大小;改進：多次改變入射角的大小，測量并分析對應的反射角和入射角的大小，得出普遍規律.
故答案為：(1)反射;(2)在反射現象中，光路是可逆的;(3)反射角等于入射角;不足：只測量了一組入射角及對應的反射角的大小;改進：多次改變入射角的大小，測量并分析對應的反射角和入射角的大小，得出普遍規律.
【點評】本題考查了探究光的反射的實驗.光的反射遵循反射定律：反射光線、入射光線、法線在同一平面內，反射光線和入射光線分居法線的兩側，反射角等于入射角.
26.實驗小組要探究二力平衡條件.實驗中每個鉤碼重力相同，摩擦力忽略不計.
(1)如圖甲裝置，當左右兩端同時各掛兩個鉤碼時，小車靜止，此時F1、F2的方向 相反 ，大小 相等 ;當左右兩端同時取下一個鉤碼時，如圖乙，小車仍靜止，此時F3 等于 F4;當右端再掛上一個鉤碼時，如圖丙，小車將做變速運動，此時F5 小于 F6.
(2)在圖甲實驗的基礎上，將小車扭轉一個角度，松手后，觀察小車的情況，這樣做可以探究什么問題?
(3)對比甲、乙、丙三次實驗，當小車靜止時，水平方向上受到兩個力的大小關系如何?還能看出小車受非平衡力作用時，運動狀態將怎樣?
【考點】6P：二力平衡的概念.
【分析】(1)先判斷物體的運動狀態，再根據運動狀態判斷力的大小，物體如果在兩個力的作用下靜止或勻速直線運動，那么這兩個力平衡，大小相等、方向相反、作用在同一直線上.
(2)小車片轉過一個角度，不滿足二力平衡的條件，不能平衡;設計此實驗步驟的目的是探究平衡力是否在同一直線上;
(3)二力平衡條件：大小相等、方向相反、在同一直線上、作用在同一物體上.
【解答】解：(1)根據二力平衡的條件可知，圖甲小車靜止，此時F1、F2的方向相反，大小相等;圖乙小車仍靜止，此時F3等于F4;圖丙當右端再掛上一個鉤碼時，小車做變速運動，此時F5小于F6.
(2)圖甲實驗的基礎上，將小車扭轉一個角度，力的方向不在一條直線上，松手后小車會發生轉動，這樣做可以探究作用在同一物體上但不在同一直線上的兩個力，能否平衡?
(3)對比甲、乙、丙三次實驗可知，當小車靜止時，水平方向上受到兩個力的大小相等;由圖丙可知，小車受非平衡力作用時，運動狀態將改變.
故答案為：(1)相反;相等;等于;小于;(2)作用在同一物體上但不在同一直線上的兩個力，能否平衡?(3)大小相等;運動狀態將改變.
【點評】此題考查了探究二力平衡實驗中需要注意問題及實驗中的一些重要步驟，牢固掌握二力平衡的四個條件是關鍵.此題考查比較全面，是一道基礎題.
27.某小組研究小燈泡電功率，小燈泡額定電壓為2.5V，電源電壓恒定不變，有規格為“10Ω 2A”和“20Ω 2A”的滑動變阻器各一個.
次數 電壓表示數/V 電流表示數/A 電功率/W 燈泡亮度
1 2.5 0.30 較亮
2 3 0.32 0.96 很亮
3 2 0.26 0.52 稍亮
(1)如圖甲所示，選用“10Ω 2A”規格的滑動變阻器進行實驗.連接電路時，需將滑動變阻器的滑片P置于 A (填“A或“B)端，其目的是 保護電路 .
(2)接著用開關迅速試觸，燈泡發光，電壓表示數如圖乙，此時燈泡兩端電壓為 2.8 V.為了使燈
泡正常發光，接下來的操作是： 斷開開關，用“20Ω2A”替換“10Ω 2A”的滑動變阻器，并調節滑片P到接入電路的阻值最大處;閉合開關，調節滑片P，直至觀察到電壓表示數為2.5V; .
(3)實驗中收集信息如上表.分析表格中信息可得，
①小燈泡額定功率為 0.75 W;
②在電路安全范圍內，小燈泡兩端實際電壓越大，消耗的電功率 越大 ，燈泡越亮.
【考點】JF：電功率的測量.
【分析】(1)根據閉合開關前滑動變阻器的滑片P應該置于A端，滑動變阻器的阻值最大，可起到保護電路的作用;
(2)先確定電壓表的量程和分度值，而后據電壓表的示數讀數即可;在額定電壓下燈泡的功率為額定功率，根據題意與電路圖判斷滑片的移動方向;
(3)①由表格，讀出電流表示數，然后由P=UI求出燈泡的額定功率;
②由電功率進行比較可得結論.
【解答】解：(1)由閉合開關前滑動變阻器的滑片P應置于A端，使滑動變阻器的阻值最大，其目的是為了保護電路;
(2)由圖乙可知，電壓表量程“0～3V“，分度值0.1V，電壓表示數為2.8V大于于燈泡額定電壓，為測燈泡額定電壓，由電路圖根據串聯電路的分壓原理可知，應向右移動滑片，使電壓表示數等于燈泡額定電壓2.5V，而此時滑動變阻器在阻值最大端，故應，斷開開關，用“20Ω 2A”替換“10Ω 2A”的滑動變阻器，并調節滑片P到接入電路的阻值最大處;閉合開關，調節滑片P，直至觀察到電壓表示數為2.5V;
(3)①由表格可知，電流表示數為0.3A，
此時燈泡正常發光，即燈泡兩端電壓U=2.5V，
所以燈泡額定功率P=UI=2.5V×0.3A=0.75W.
②由表格可知，在電路安全范圍內，小燈泡兩端實際電壓越大，消耗的電功率越大，燈泡越亮.
故答案為：(1)A;保護電路;(2)2.8;斷開開關，用“20Ω 2A”替換“10Ω 2A”的滑動變阻器，并調節滑片P到接入電路的阻值最大處;閉合開關，調節滑片P，直至觀察到電壓表示數為2.5V;(3)①0.75;②越大.
【點評】本題考查了實物連接、滑動變阻器的作用、調節、電表讀數、求燈泡額定功率等;是一道綜合題.
28.在家庭實驗室，小聰學習使用電熨斗，如圖為一款有高溫、低溫兩檔的家用電熨斗，部分參數見下表.
額定電壓 220V
高溫檔額定功率 1500W
低溫檔額定功率 500W
整體質量 1.2kg
請回答：
(1)電熨斗平放在水平桌面上，它與桌面的接觸面積為9.8×10﹣3m2，則電熨斗對桌面的壓強有多大?(g=9.8N/kg)
(2)使用高溫檔時，通過電熨斗的電流是多少?(結果保留一位小數)
(3)電燙斗在一次使用中，高溫檔工作累計30min，低溫檔工作累計15min，求此次使用中一共消耗多少電能?
【考點】86：壓強的大小及其計算;J8：電功率與電能、時間的關系;J9：電功率與電壓、電流的關系.
【分析】(1)電熨斗平放在水平桌面上，對桌面的壓力和自身的重力相等，根據F=G=mg求出其大小，又知道它與桌面的接觸面積，根據p= 求出電熨斗對桌面的壓強;
(2)根據P=UI求出使用高溫檔時通過電熨斗的電流;
(3)根據W=Pt求出高溫檔和低溫檔消耗的電能，兩者之和即為此次使用中一共消耗的電能.
【解答】解：(1)電熨斗平放在水平桌面上，對桌面的壓力：
F=G=mg=1.2kg×9.8N/kg=11.76N，
電熨斗對桌面的壓強：
p= = =1200Pa;
(2)由P=UI可得，使用高溫檔時通過電熨斗的電流：
I= = ≈6.8A;
(3)由P= 可得，此次使用中一共消耗的電能：
W=W高+W低=P高t高+P低t低=1500W×30×60s+500W×15×60s=3.15×106J.
答：(1)電熨斗對桌面的壓強為1200Pa;
(2)使用高溫檔時，通過電熨斗的電流是6.8A;
(3)此次使用中一共消耗3.15×106J的電能.
【點評】本題考查了壓強公式和電功率公式、電功公式的應用，關鍵是知道水平面上物體的壓力和自身的重力相等以及從表格中獲取有用的數據.
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