高考數學必修四模塊綜合檢測題（含答案）
考試是檢測學生學習效果的重要手段和方法，考前需要做好各方面的知識儲備。下面是學習啦小編為大家整理的高考數學必修四模塊綜合檢測題，請認真復習!
高考數學必修四模塊綜合檢測題及答案解析
一、選擇題(本大題共10小題，每小題5分，共50分，在每小題給出的四個選項中，只有一項是符合題目要求的)
1.(2013•江西高考)若sin α2=33，則cos α=( )
A.-23 B.-13
C.13 D.23
【解析】 cos α=1-2sin2α2=1-2×332=1-23=13.
【答案】 C
2.已知向量a=(1，k)，b=(2,2)，且a+b與a共線，那么a•b的值為( )
A.1 B.2
C.3 D.4
【解析】 a+b=(3，k+2)，∵a+b與a共線，
∴k+2-3k=0，得k=1.
∴a•b=(1,1)•(2,2)=4.
【答案】 D
3.sin(x+27°)cos(18°-x)+sin(18°-x)cos(x+27°)=( )
A.12 B.-12
C.-22 D.22
【解析】 原式=sin[(x+27°)+(18°-x)]=sin 45°=22.
【答案】 D
4.下列各向量中，與a=(3,2)垂直的是( )
A.(3，-2) B.(2,3)
C.(-4,6) D.(-3,2)
【解析】 因為(3,2)•(-4,6)=3×(-4)+2×6=0，
所以選C.
【答案】 C
5.若向量a=(1,2)，b=(1，-1)，則2a+b與a-b的夾角等于( )
A.-π4 B.π6
C.π4 D.3π4
【解析】 2a+b=2(1,2)+(1，-1)=(3,3)，
a-b=(1,2)-(1，-1)=(0,3)，
(2a+b)•(a-b)=9，
|2a+b|=32，|a-b|=3.
設所求兩向量夾角為α，則cos α=932×3=22，
∴α=π4.
【答案】 C
6.若α是第四象限的角，則π-α是( )
A.第一象限的角 B.第二象限的角
C.第三象限的角 D.第四象限的角
【解析】 ∵2kπ+3π2<α<2kπ+2π(k∈Z)，
∴-2kπ-3π2>-α>-2kπ-2π(k∈Z).
∴-2kπ-π2>π-α>-2kπ-π(k∈Z).故應選C.
【答案】 C
7.在△ABC中，若sin Acos B<0，則此三角形必是( )
A.銳角三角形 B.任意三角形
C.直角三角形 D.鈍角三角形
【解析】 ∵sin Acos B<0，A、B為△ABC內角，
∴sin A>0，cos B<0.
因此π2<B<π，則△ABC為鈍角三角形.
【答案】 D
8.若實數x滿足log2x=3+2cos θ，則|x-2|+|x-33|等于( )
A.35-2x B.31
C.2x-35 D.2x-35或35-2x
【解析】 ∵-2≤2cos θ≤2，
∴1≤3+2cos θ≤5，
即1≤log2x≤5，
∴2≤x≤32
∴|x-2|+|x-33|=x-2+33-x=31.
【答案】 B
9.已知△ABC和點M滿足MA→+MB→+MC→=0.若存在實數m使得AB→+AC→=mAM→成立，則m=( )
A.2 B.3
C.4 D.5
【解析】 ∵MA→+MB→+MC→=0.
∴M為△ABC的重心.
連接AM并延長交BC于D，則D為BC的中點.
∴AM→=23AD→.
又AD→=12(AB→+AC→)，
∴AM→=13(AB→+AC→)，即AB→+AC→=3AM→，比較得m=3.
【答案】 B
10.(2013•山東高考)函數y=xcos x+sin x的圖象大致為( )
【解析】 當x=π2時，y=1>0，排除C.
當x=-π2時，y=-1，排除B;或利用y=xcos x+sin x為奇函數，圖象關于原點對稱，排除B.
當x=π時，y=-π<0，排除A.故選D.
【答案】 D
二、填空題(本大題共5小題，每小題5分，共25分，將答案填在題中的橫線上)
11.若tan α=3，則sin 2αcos2α的值等于________.
【解析】 sin 2αcos2α=2sin αcos αcos2α=2tan α=2×3=6.
【答案】 6
12.(2012•江西高考)設單位向量m=(x，y)，b=(2，-1).若m⊥b，則|x+2y|=________.
【解析】 設單位向量m=(x，y)，則x2+y2=1，若m⊥b，則m•b=0，即2x-y=0，解得x2=15，所以|x|=55，|x+2y|=5|x|=5.
【答案】 5
13.要得到函數y=3cos(2x-π2)的圖像，可以將函數y=3sin(2x-π4)的圖像沿x軸向____平移____個單位.
【解析】 y=3sin(2x-π4)――→向左平移π8y=3sin 2x=3cos(2x-π2).
【答案】 左 π8
14.已知向量OA→=(k,12)，OB→=(4,5)，OC→=(10，k)，若A、B、C三點共線，則實數k=________.
【解析】 AB→=(4-k，-7)，BC→=(6，k-5)，
∵A，B，C三點共線，∴AB→∥BC→，
∴(4-k)(k-5)-(-7)×6=0，
即k=-2或11.
【答案】 -2或11
圖1
15.如右圖，在平面斜坐標系xOy中，∠xOy=60°，平面上任一點P在斜坐標系中的斜坐標是這樣定義的：若OP→=xe1+ye2(其中e1，e2分別為與x軸，y軸方向相同的單位向量)，則P點的斜坐標為(x，y).若P點的斜坐標為(3，-4)，則點P到原點O的距離|PO|=________.
【解析】 由點的斜坐標的定義可知OP→=3e1-4e2，
∵OP→2=9e21-24e1•e2+16e22
=9|e1|2-24|e1||e2|×cos 60°+16|e2|2
=9-24×12+16=13.
∴|OP→|2=13，即|OP→|=13.
故點P到原點O的距離|PO|=13.
【答案】 13
三、解答題(本大題共6小題，共75分.解答應寫出文字說明，證明過程或演算步驟)
16.(本小題滿分12分)(1)已知|a|=4，|b|=3，且(a+2b)•(a-3b)=0，求a•b;
(2)已知a與b的夾角為120°，且|a|=4，|b|=2.如果a+kb與5a+b互相垂直，求實數k的值.
【解】 (1)∵(a+2b)•(a-3b)
=a2-a•b-6b2
=|a|2-a•b-6|b|2
=16-a•b-54=0，
∴a•b=-38.
(2)由題意a•b=|a|•|b|•cos 120°
=4×2×(-12)=-4.
∵(a+kb)⊥(5a+b)，
∴(a+kb)•(5a+b)=0，
即5a2+(5k+1)a•b+kb2=0，
∴5|a|2+(5k+1)•(-4)+k•|b|2=0.
∴5×16-(20k+4)+4k=0，∴k=194.
17.(本小題滿分12分)已知平面直角坐標系內的Rt△ABC，∠A=90°，A(-2，-1)，C(2,5)，向量BC→上的單位向量a=(513，-1213)，P在CB上，且CP→=λCB→.
(1)求點B坐標;
(2)當AP分別為三角形的中線、高線時，求λ的值及對應中點、垂足的坐標.
【解】 (1)設B(x，y)，CB→=(x-2，y-5).
又CB→=λa，
∴(x-2，y-5)=λ(513，-1213).故x=2+513λ，y=5-1213λ，
∴B(2+513λ，5-1213λ).
AB→=(4+513λ，6-1213λ)，AC→=(4,6).
由AB→•AC→=(4+513λ，6-1213λ)•(4,6)=0，得λ=13.
故點B(7，-7).
(2)若P是BC的中點，則CP→=12CB→，
∴λ=12，此時，點P的坐標為(2+72，5-72)，即(92，-1).
若AP是BC邊的高，則AP→⊥CB→.
∴(AC→+CP→)•CB→=0，
即AC→•CB→+λCB→•CB→=0.
又CB→=(5，-12)，
代入上式有(4,6)•(5，-12)+λ(5，-12)•(5，-12)=0.
解之，得λ=413.
設此時點P(m，n).
∵CP→=λCB→，即CP→=413CB→，
∴(m-2，n-5)=413(5，-12).
∴m-2=413×5，n-5=413×-12，
即m=4613，n=1713.
∴P(4613，1713).
圖2
18.(本小題滿分12分)如圖，已知OPQ是半徑為1，圓心角為π3的扇形，C是扇形弧上的動點，ABCD是扇形的內接矩形.記∠COP=α，求當角α取何值時，矩形ABCD的面積最大?并求出這個最大面積.
【解】 在直角三角形OBC中，OB=cos α，BC=sin α，
在直角三角形OAD中，DAOA=tan 60°=3，
所以OA=33DA=33sin α，
AB=OB-OA=cos α-33sin α.
設矩形ABCD的面積為S，則
S=AB•BC=(cos α-33sin α)sin α
=sin αcos α-33sin2α
=12sin 2α-36(1-cos 2α)
=12sin 2α+36cos 2α-36
=13(32sin 2α+12cos 2α)-36
=13sin(2α+π6)-36.
因為0<α<π3，
所以當2α+π6=π2，
即α=π6時，S最大=13-36=36.
因此，當α=π6時，矩形ABCD的面積最大，最大面積為36.
19.(本小題滿分13分)(2012•湖南高考)已知函數f(x)=Asin(ωx+φ)(x∈R，ω>0,0<φ<π2)的部分圖像如圖所示.
圖3
(1)求函數f(x)的解析式;
(2)求函數g(x)=f(x-π12)-f(x+π12)的單調遞增區間.
【解】 (1)由題設圖像知，周期T=2(11π12-5π12)=π，
所以ω=2πT=2.
因為點(5π12，0)在函數圖像上，所以Asin(2×5π12+φ)=0，
即sin(5π6+φ)=0.
又因為0<φ<π2，
所以5π6<5π6+φ<4π3.
從而5π6+φ=π，即φ=π6.
又點(0,1)在函數圖像上，所以Asin π6=1，解得A=2.
故函數f(x)的解析式為f(x)=2sin(2x+π6).
(2)g(x)=2sin[2(x-π12)+π6]-2sin[2(x+π12)+π6]
=2sin 2x-2sin(2x+π3)=2sin 2x-2(12sin 2x+32cos 2x)=sin 2x-3cos 2x=2sin(2x-π3).
由2kπ-π2≤2x-π3≤2kπ+π2，得kπ-π12≤x≤kπ+5π12，k∈Z.
所以函數g(x)的單調遞增區間是[kπ-π12，kπ+5π12]，k∈Z.
20.(本小題滿分12分)(2013•湖南高考)已知函數f(x)=cos x•cosx-π3.
(1)求f2π3的值;
(2)求使f(x)<14成立的x的取值集合.
【解】 (1)f2π3=cos2π3•cosπ3
=-cosπ3•cosπ3
=-122=-14.
(2)f(x)=cos xcosx-π3
=cos x•12cos x+32sin x
=12cos2 x+32sin xcos x
=14(1+cos 2x)+34sin 2x
=12cos2x-π3+14.
f(x)<14等價于12cos2x-π3+14<14，
即cos2x-π3<0.
于是2kπ+π2<2x-π3<2kπ+3π2，k∈Z.解得kπ+5π12<x<kπ+11π12，k∈Z.
故使f(x)<14成立的x的取值集合為
{x|kπ+5π12<x<kπ+11π12，k∈Z}.
21.(本小題滿分13分)(2012•北京高考)已知函數f(x)=sin x-cos xsin 2xsin x.
(1)求f(x)的定義域及最小正周期;
(2)求f(x)的單調遞增區間.
【解】 (1)由sin x≠0得x≠kx(k∈Z)，
故f(x)的定義域為{x∈R|x≠kπ，k∈Z}.
因為f(x)=sin x-cos xsin 2xsin x
=2cos x(sin x-cos x)
=sin 2x-cos 2x-1
=2sin(2x-π4)-1，
所以f(x)的最小正周期T=2π2=π.
(2)函數y=sin x的單調遞增區間為[2kπ-π2，2kπ+π2](k∈Z).
由2kπ-π2≤2x-π4≤2kπ+π2，x≠kπ(k∈Z)，
得kπ-π8≤x≤kx+3π8，x≠kx(k∈Z).
所以f(x)的單調遞增區間為[kπ-π8，kπ)和(kπ，kπ+3π8](k∈Z).
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