2017北海中考數學模擬試卷(2)
2017北海中考數學模擬試題參考答案
一、選擇題(本大題共12小題，每小題3分，共36分)
1.﹣5的倒數是( )
A.5 B.﹣5 C. D.﹣
【考點】17：倒數.
【分析】根據倒數的定義可直接解答.
【解答】解：﹣5的倒數是﹣ .
故選：D.
【點評】本題考查的是倒數的定義，即乘積是1的兩數互為倒數.
2.國務院總理李克強在《2017年國務院政府工作報告》中提到，2016年新增第四代移動通信用戶3.4億，數據“3.4億”用科學記數法表示為( )
A.3.4×106 B.3.4×108 C.34×107 D.3.4×109
【考點】1I：科學記數法—表示較大的數.
【分析】用科學記數法表示較大的數時，一般形式為a×10﹣n，其中1≤|a|<10，n為整數，n的值取決于原數變成a時，小數點移動的位數，n的絕對值與小數點移動的位數相同.當原數絕對值大于1時，n是正數;當原數的絕對值小于1時，n是負數.
【解答】解：3.4億=3.4×108.
故選：B.
【點評】此題主要考查了用科學記數法表示較大的數，一般形式為a×10﹣n，其中1≤|a|<10，確定a與n的值是解題的關鍵.
3.下列各圖中，既是軸對稱圖形又是中心對稱圖形的是( )
A. B. C. D.
【考點】R5：中心對稱圖形;P3：軸對稱圖形.
【分析】根據軸對稱圖形與中心對稱圖形的概念求解.
【解答】解：A、是軸對稱圖形.不是中心對稱圖形，因為找不到任何這樣的一點，旋轉180度后它的兩部分能夠重合;即不滿足中心對稱圖形的定義.故此選項錯誤;
B、是軸對稱圖形，不是中心對稱圖形，故此選項錯誤;
C、是軸對稱圖形，又是中心對稱圖形，故此選項正確;
D、不是軸對稱圖形，是中心對稱圖形，故此選項錯誤.
故選：C.
【點評】此題主要考查了中心對稱圖形與軸對稱圖形的概念：軸對稱圖形的關鍵是尋找對稱軸，圖形兩部分折疊后可重合;中心對稱圖形是要尋找對稱中心，旋轉180度后兩部分重合.
4.下列運算正確的是( )
A.2a2•a3=2a6 B.(3ab)2=6a2b2
C.2abc+ab=2 D.3a2b+ba2=4a2b
【考點】49：單項式乘單項式;35：合并同類項;47：冪的乘方與積的乘方.
【分析】根據整式的運算法則即可求出答案.
【解答】解：(A)原式=2a5，故A錯誤;
(B)原式=9a2b2，故B錯誤;
(C)2abc與ab不是同類項，故C錯誤;
故選(D)
【點評】本題考查整式的運算，解題的關鍵是熟練運用整式的運算法則，本題屬于基礎題型.
5.如圖，直線AB∥CD，點E是BC上一點，連接AE，若∠DCB=35°，∠EAB=23°，則∠AEC的度數是( )
A.58° B.45° C.23° D.60°
【考點】JA：平行線的性質.
【分析】根據平行線的性質和三角形的外角的性質即可得到結論.
【解答】解：∵AB∥CD，
∴∠B=∠C=35°，
∵∠A=23°，
∴∠AEC=∠A+∠B=58°，
故選A.
【點評】本題考查了平行線的性質，三角形的外角的性質，熟練掌握平行線的性質是解題的關鍵.
6.深圳市統計局發布的2016年《深圳市氣候數據每日觀測記錄》顯示，2016年12月26日=﹣﹣31日這六天的平均相對濕度(百分數)分別是58，50，45，54，64，82，對于這組數據，以下說法正確的是( )
A.平均數是59 B.中位數是56 C.眾數是82 D.方差是37
【考點】W7：方差;W1：算術平均數;W4：中位數;W5：眾數.
【分析】分別計算該組數據的眾數、平均數、中位數及方差后，選擇正確的答案即可.
【解答】解：A.平均數=(58+50+45+54+64+82)÷6=58.8;故此選項錯誤;
B.∵6個數據按大小排列后為：45，50，54，58，64，82;
∴中位數為：(54+58)÷2=56;故此選項正確;
C.無眾數，故此選項錯誤;
D.方差不是整數，故此選項錯誤;
故選：B.
【點評】本題屬于基礎題，考查了確定一組數據的中位數和眾數的能力.一些學生往往對這個概念掌握不清楚，計算方法不明確而誤選其它選項.注意找中位數的時候一定要先排好順序，然后再根據奇數和偶數個來確定中位數，如果數據有奇數個，則正中間的數字即為所求.如果是偶數個則找中間兩位數的平均數.
7.中國CBA籃球常規賽比賽中，每場比賽都要分出勝負，每隊勝1場得2分，負1場得1分，今年某隊在全部38場比賽中最少得到70分，那么這個隊今年勝的場次是( )
A.6場 B.31場 C.32場 D.35場
【考點】8A：一元一次方程的應用.
【分析】設勝了x場，那么負了(38﹣x)場，根據“在全部38場比賽中最少得到70分”可列方程并求解.
【解答】解：設勝了x場，由題意得：
2x+(38﹣x)=70，
解得x=32.
答：這個隊今年勝的場次是32場.
故選C
【點評】本題考查了一元一次方程的應用.解決問題的關鍵是讀懂題意，找到關鍵描述語，找到所求的量的等量關系.
8.定義一種新運算：a♣b=a(a﹣b)，例如，4♣3=4×(4﹣3)=4，若x♣2=3，則x的值是( )
A.x=3 B.x=﹣1 C.x1=3，x2=1 D.x1=3，x2=﹣1
【考點】A8：解一元二次方程﹣因式分解法.
【分析】先根據新定義得到x(x﹣2)=3，再把方程化為一般式，然后利用因式分解法解方程.
【解答】解：∵x♣2=3，
∴x(x﹣2)=3，
整理得x2﹣2x﹣3=0，
(x﹣3)(x+1)=0，
x﹣3=0或x+1=0，
所以x1=3，x2=﹣1.
故選D.
【點評】本題考查了解一元二次方程﹣因式分解法：因式分解法就是利用因式分解求出方程的解的方法，這種方法簡便易用，是解一元二次方程最常用的方法.
9.若方程mx+ny=6的兩個解是 ， ，則m，n的值為( )
A. B. C. D.
【考點】92：二元一次方程的解.
【分析】把x與y的兩對值代入方程求出m與n的值即可.
【解答】解：根據題意得： ，
①+②得：3m=12，
解得：m=4，
把m=4代入①得：n=2，
則方程組的解為 ，
故選A
【點評】此題考查了二元一次方程的解，方程的解即為能使方程左右兩邊相等的未知數的值.
10.如何求tan75°的值?按下列方法作圖可解決問題，如圖，在Rt△ABC中，AC=k，∠ACB=90°，∠ABC=30°，延長CB至點M，在射線BN上截取線段BD，使BD=AB，連接AD，依據此圖可求得tan75°的值為( )
A.2 B.2+ C.1+ D.
【考點】T7：解直角三角形.
【分析】在直角三角形ABC中，利用30度所對的直角邊等于斜邊的一半表示出AB的長，再利用勾股定理求出BC的長，由CB+BD求出CD的長，在直角三角形ACD中，利用銳角三角函數定義求出所求即可.
【解答】解：在Rt△ABC中，AC=k，∠ACB=90°，∠ABC=30°，
∴AB=BD=2k，∠BAD=∠BDA=15°，BC= k，
∴∠CAD=∠CAB+∠BAD=75°，
在Rt△ACD中，CD=CB+BD= k+2k，
則tan75°=tan∠CAD= = =2+ ，
故選B
【點評】此題考查了解直角三角形，涉及的知識有：勾股定理，含30度直角三角形的性質，以及銳角三角函數定義，熟練掌握定理及性質是解本題的關鍵.
11.如圖，點O是△ABC外接圓的圓心，連接OB，若∠1=37°，則∠2的度數是( )
A.52° B.51° C.53° D.50°
【考點】MA：三角形的外接圓與外心.
【分析】連接OC，根據圓周角定理可得出∠BOC的度數，再由等腰三角形的性質即可得出結論.
【解答】解：連接OC，
∵∠1=37°，
∴∠BOC=2∠1=74°.
∵OB=OC，
∴∠2= =53°.
故選C.
【點評】本題考查的是三角形的外接圓與外心，根據題意作出輔助線，構造出圓心角是解答此題的關鍵.
12.如圖，直線l分別交x軸、y軸于點A、B，交雙曲線y= (x>0)于點C，若AB：AC=1：3，且S△AOB= ，則k的值為( )
A. B.2 C. D.
【考點】G8：反比例函數與一次函數的交點問題.
【分析】根據題意作出合適的輔助線，由三角形的相似知識可以求得△ADC的面積，進而求得△ODC的面積，從而可以解答本題.
【解答】解：作CD⊥x軸于點D，
則△AOB∽△ADC，
∴ ，
∵AB：AC=1：3，且S△AOB= ，OD
∴ ，
解得， ，
連接OC，
∵S△AOC+S△COD=S△ADC，AO：OD=AB：BC=1：2，
∴S△OCD= ，
∴k=2× = ，
故選A.
【點評】本題考查反比例函數與一次函數的交點問題，解答本題的關鍵是明確題意，找出所求問題需要的條件，利用三角形相似的知識解答.
二、填空題(本大題共4小題，每小題3分，共12分)
13.分解因式：m3﹣2m2+m= m(m﹣1)2 .
【考點】55：提公因式法與公式法的綜合運用.
【分析】先提取公因式m，再根據完全平方公式進行二次分解.完全平方公式：a2﹣2ab+b2=(a﹣b)2.
【解答】解：m3﹣2m2+m=m(m2﹣2m+1)=m(m﹣1)2.
故答案為m(m﹣1)2.
【點評】本題考查了提公因式法，公式法分解因式，提取公因式后利用完全平方公式進行二次分解，注意分解要徹底.
14.在一個口袋中有4個完全相同的小球，把它們分別標號為1，2，3，4，隨機摸出一個小球然后放回，再隨機摸出一個小球，則兩次取出的小球標號相同的概率為 .
【考點】X6：列表法與樹狀圖法.
【分析】根據題意畫出數形圖，兩次取的小球的標號相同的情況有4種，再計算概率即可.
【解答】解：如圖：
兩次取的小球的標號相同的情況有4種，
概率為P= = .
故答案為： .
【點評】此題考查的是用列表法或樹狀圖法求概率.列表法可以不重復不遺漏的列出所有可能的結果，適合于兩步完成的事件;樹狀圖法適合兩步或兩步以上完成的事件;解題時要注意此題是放回實驗還是不放回實驗.用到的知識點為：概率=所求情況數與總情況數之比.
15.如圖所示，每一個圖形都是由形狀相同的五角星按一定規律組成的，其中第①個圖形中一共有9個五角星，第②個圖形中一共有17個五角星，第③個圖形中一共有25個五角星，…，按此規律排列，則第n個圖形中五角星的顆數為 8n+1 .
【考點】38：規律型：圖形的變化類.
【分析】觀察圖形發現第一個圖形有8個五角星，第二個圖形有8+7=15個五角星，第三個圖形有8+7×2=22個五角星，以此類推，得到通項公式代入求解即可.
【解答】解：觀察圖形發現第一個圖形有9個五角星，
第二個圖形有9+8=17個五角星，
第三個圖形有9+8×2=25個五角星，
…
第n個圖形有9+8(n﹣1)=8n+1個五角星，
故答案為：8n+1.
【點評】本題考查了圖形的變化類問題，解題的關鍵是仔細觀察圖形并發現圖形變化的通項公式，利用通項公式進行求解即可.
16.如圖，在邊長為2 的正方形ABCD中，點E是CD邊的中點，延長BC至點F，使得CF=CE，連接BE，DF，將△BEC繞點C按順時針方向旋轉，當點E恰好落在DF上的點H處時，連接AG，DG，BG，則AG的長是 2 .
【考點】R2：旋轉的性質;LE：正方形的性質.
【分析】作輔助線，構建三角形高線，先利用勾股定理求DF的長，由三角函數得：FK=1，則CK= =2，
由等腰三角形三線合一得：HF=2，由面積法求得：HM= ，從而得：CM的長，設HM=4x，CM=3x，則CH=5x，由同角的三角函數列式：cos∠CGN=cos∠HCF= = ，求出GN的長，依次求PG、AP的長，最后利用勾股定理得結論.
【解答】解：如圖，過C作CK⊥DF于K，過H作HM⊥CF于M，過G作PN⊥BC，交AD于P，交BC于N，
∵CD=2 ，CE=CF= ，
∵四邊形ABCD是正方形，
∴∠BCD=90°，
∴∠BCF=90°，
由勾股定理得：DF= =5，
∵CK⊥DF，DC⊥CF，
∴∠FCK=∠CDF，
sin∠FCK=sin∠CDF= ，
∴ ，
FK=1，
∴CK= =2，
由旋轉得：CH=CE=CF，
∵CK⊥FH，
∴HF=KF=1，
∴HF=2，
∴S△CHF= CF•HM= HF•CK，
HM=2×2，
HM= ，
∴CM= = ，
∴tan∠HCF= = = ，
設HM=4x，CM=3x，則CH=5x，
∵∠HCF=∠GCD=∠CGN，
∴cos∠CGN=cos∠HCF= = ，
∴GN= CG，
∵CG=BC=2 ，
∴GN= × = ，
∴NC= = = ，
∴GP=2 ﹣ = ，
∴AP=BN=BC﹣NC=2 ﹣ = ，
由勾股定理得：AG= = =2;
故答案為：2.
【點評】本題考查了正方形的性質、勾股定理、三角函數、等腰三角形的性質，本題主要運用勾股定理和同角的三角函數求線段的長，同時還運用了面積法求線段的長，本題比較復雜，有難度.
三、解答題(本大題共7小題，共52分)
17.計算： cos45°+( )﹣1+ ﹣4sin60°.
【考點】2C：實數的運算;6F：負整數指數冪;T5：特殊角的三角函數值.
【分析】在進行實數運算時，要從高級到低級，即先算乘方、開方，再算乘除，最后算加減，有括號的要先算括號里面的，同級運算要按照從左到有的順序進行.
【解答】解： cos45°+( )﹣1+ ﹣4sin60°
= × +4+2 ﹣4×
=1+4+2 ﹣2
=5.
【點評】本題主要考查了實數的運算，解題時注意：實數既可以進行加、減、乘、除、乘方運算，又可以進行開方運算，其中正實數可以開平方.
18.先化簡分式：( )÷ ，再從不等式組 的解集中選出合適的整數作為a的值，代入求值.
【考點】6D：分式的化簡求值;CC：一元一次不等式組的整數解.
【分析】首先化簡分式進而解不等式組，再把a的值代入求出答案.
【解答】解：原式=[ ﹣ ]÷
=( ﹣ )•
= ，
∵ 的解集是：﹣1
其整數解為：0，1，2，由于a≠0，±2，
∴a只能取1，故當a=1時，
原式= = = .
【點評】此題主要考查了分式的化簡求值以及不等式組的解法，正確化簡分式是解題關鍵.
19.深圳市教育局在全市中小學開展“四點半活動”試點工作，某校為了了解學生參與“四點半活動”項目的情況，對初中的部分學生進行了隨機調查，調查項目分為“科技創新”類，“體育活動”類，“藝術表演”類，“植物種植”類及“其它”類共五大類別，并根據調查的數據繪制了下面兩幅不完整的統計圖，請你根據圖中提供的信息解答下面的問題.
(1)請求出此次被調查學生的總人數 200 人;
(2)根據以上信息，補全頻數分布直方圖;
(3)求出扇形統計圖中，“體育活動”α的圓心角等于 108 度;
(4)如果本校初中部有1800名學生，請估計參與“藝術表演”類項目的學生大約多少人?
【考點】V8：頻數(率)分布直方圖;V5：用樣本估計總體;VB：扇形統計圖.
【分析】(1)根據題意列式即可得到結果;
(2)根據題意作出圖形即可;
(3)用360°乘以體育活動”所占的百分比即可得到結論;
(4)根據題意列式即可即可.
【解答】解：(1)此次被調查學生的總人數為22÷11%=200(人);
(2)補全頻數分布直方圖如圖所示，
(3)體育活動”α的圓心角=360°× =108度;
(4)1800× ×100%=360(人)，
答：參與“藝術表演”類項目的學生大約360人.
故答案為：200，108.
【點評】題考查了條形統計圖：條形統計圖是用線段長度表示數據，根據數量的多少畫成長短不同的矩形直條，然后按順序把這些直條排列起來;從條形圖可以很容易看出數據的大小，便于比較.也考查了用樣本估計總體和扇形統計圖.
20.如圖，在樓房MN前有兩棵樹與樓房在同一直線上，且垂直于地面，為了測量樹AB、CD的高度，小明爬到樓房頂部M處，光線恰好可以經過樹CD的頂站C點到達樹AB的底部B點，俯角為45°，此時小亮測得太陽光線恰好經過樹CD的頂部C點到達樓房的底部N點，與地面的夾角為30°，樹CD的影長DN為15米，請求出樹AB、CD的高度.(結果保留根號)
【考點】TA：解直角三角形的應用﹣仰角俯角問題;U5：平行投影.
【分析】在Rt△CDN中，由于tan30°= ，得到CD=tan30°•DN=5 于是得到BD=CD=5 ，在Rt△ABN中，根據三角函數的定義即可得到結論.
【解答】解：在Rt△CDN中，
∵tan30°= ，
∴CD=tan30°•DN=5 ，
∵∠CBD=∠EMB=45°，
∴BD=CD=5 ，
∴BN=DN+BD=15+5 ，
在Rt△ABN中，tan30°= ，
∴AB=tan30°•BN=5+5 ，
∴樹高AB是(5+5 )米，樹高CD是5 米.
【點評】本題考查了解直角三角形的應用，解答本題的關鍵是借助俯角構造直角三角形，并結合圖形利用三角函數解直角三角形.
21.某科技公司研發出一款多型號的智能手表，一家代理商出售該公司的A型智能手表，去年銷售總額為80000元，今年A型智能手表的售價每只比去年降了600元，若售出的數量與去年相同，銷售總額將比去年減少25%.
A型智能手表 B型智能手表
進價 1300元/只 1500元/只
售價 今年的售價 2300元/只
(1)請問今年A型智能手表每只售價多少元?
(2)今年這家代理商準備新進一批A型智能手表和B型智能手表共100只，它們的進貨價與銷售價格如右表，若B型智能手表進貨量不超過A型智能手表數量的3倍，所進智能手表可全部售完，請你設計出進貨方案，使這批智能手表獲利最多，并求出最大利潤是多少元?
【考點】FH：一次函數的應用;B7：分式方程的應用;CE：一元一次不等式組的應用.
【分析】(1)設今年A型智能手表每只售價x元，則去年售價每只為(x+600)元，由賣出的數量相同建立方程求出其解即可;
(2)設今年新進A型a只，則B型(100﹣a)只，獲利y元，由條件表示出W與a之間的關系式，由a的取值范圍就可以求出W的最大值.
【解答】解：(1)今年A型智能手表每只售價x元，去年售價每只為(x+600)元，
根據題意得， = ，
解得：x=1800，
經檢驗，x=1800是原方程的根，
答：今年A型智能手表每只售價1800元;
(2)設新進A型手表a只，全部售完利潤是W元，則新進B型手表(100﹣a)只，
根據題意得，W=(1800﹣1300)a+92300﹣1500)(100﹣a)=﹣300a+80000，
∵100﹣a≤3a，
∴a≥5，
∵﹣300<0，W隨a的增大而減小，
∴當a=25時，W增大=﹣300×25+80000=72500元，
此時，進貨方案為新進A型手表25只，新進B型手表75只，
答：進貨方案為新進A型手表25只，新進B型手表75只，這批智能手表獲利最多，并求出最大利潤是72500元.
【點評】本題考查了列分式方程解實際問題的運用，分式方程的解法的運用、一次函數的解析式的運用，解答時由銷售問題的數量關系求出一次函數的解析式是關鍵.
22.如圖1，在平面直角坐標系xOy中，點A(﹣ ，0)，B(3 ，0)，以AB為直徑的⊙G交y軸于C、D兩點.
(1)填空：請直接寫出⊙G的半徑r、圓心G的坐標：r= 2 ;G( ， 0 );
(2)如圖2，直線y=﹣ x+5與x，y軸分別交于F，E兩點，且經過圓上一點T(2 ，m)，求證：直線EF是⊙G的切線.
(3)在(2)的條件下，如圖3，點M是⊙G優弧 上的一個動點(不包括A、T兩點)，連接AT、CM、TM，CM交AT于點N.試問，是否存在一個常數k，始終滿足CN•CM=k?如果存在，求出k的值，如果不存在，請說明理由.
【考點】MR：圓的綜合題.
【分析】(1)求出直徑AB，即可解決問題;
(2)如圖2中，連接GT，過點T作TH⊥x軸于H，根據特殊角三角函數求出∠GTH，∠HTF即可解決問題;
(3)如圖3中，連接CG、TG、TC.首先證明△GCT是等邊三角形，由△CNT∽△CTM，推出 = ，推出CN•CM=CT2，即可解決問題;
【解答】解：(1)∵A(﹣ ，0)，B(3 ，0)，AB是直徑，
∵AB=4 ，
∴⊙G的半徑為2 ，G( ，0)，
故答案為r=2 ， ，0.
(2)如圖2中，連接GT，過點T作TH⊥x軸于H，
∵直線y=﹣ x+5與x、y軸交于E、F兩點，則E(0，5)，F(5 ，0)，
∵直線y=﹣ x+5經過T(2 ，m)，則m=﹣ ×2 +5=3，
∴T(2 ，3)，
故TH=3.GH= ，HF=3 ，
在Rt△HGT中，GT=r=2 ，
∴GH= GT，
∴∠GTH=30°，
在Rt△THF中，tan∠FTH= = = ，
∴∠FTH=60°，
∴∠GTF=∠GTH+∠HTF=30°+60°=90°，
∴GT⊥EF，
∴直線EF是⊙G的切線.
(3)如圖3中，連接CG、TG、TC.
在Rt△COG中，OG= ，CG=r=2 ，
∴OC=3，∠CGO=60°.
∵C(0，3)，T(2 ，3)，
∴CT∥x軸，
∴CT=2 ，即CT=CG=GT=2 ，
∴△CGT是等邊三角形，
∴∠CGT=∠TCG=∠CGA=60°，
∴∠CTA= ∠CGA=30°，∠M= ∠CGT=30°，
∴∠CTA=∠M，
在△CNT和△CTM中，
∵∠TCN=∠MTC，∠CTN=∠M，
∴△CNT∽△CTM，
∴ = ，
∴CN•CM=CT2=(2 )2=12.
∴k=CN•CM=12.
【點評】本題考查圓綜合題、切線的性質、銳角三角函數、等邊三角形的判定和性質、勾股定理、相似三角形的判定和性質等知識，解題的關鍵是靈活運用所學知識解決問題，學會添加常用輔助線解決問題，屬于中考壓軸題.
23.如圖1，拋物線y=ax2+bx+c(a≠0)與x軸交于點A(﹣1，0)、B(4，0)兩點，與y軸交于點C，且OC=3OA.點P是拋物線上的一個動點，過點P作PE⊥x軸于點E，交直線BC于點D，連接PC.
(1)求拋物線的解析式;
(2)如圖2，當動點P只在第一象限的拋物線上運動時，求過點P作PF⊥BC于點F，試問△PDF的周長是否有最大值?如果有，請求出其最大值，如果沒有，請說明理由.
(3)當點P在拋物線上運動時，將△CPD沿直線CP翻折，點D的對應點為點Q，試問，四邊形CDPQ是否成為菱形?如果能，請求出此時點P的坐標，如果不能，請說明理由.
【考點】HF：二次函數綜合題.
【分析】(1)利用待定系數法求二次函數的解析式;
(2)設P(m，﹣ m2+ m+3)，△PFD的周長為L，再利用待定系數法求直線BC的解析式為：y=﹣ x+3，表示PD=﹣ ，證明△PFD∽△BOC，根據周長比等于對應邊的比得： ，代入得：L=﹣ (m﹣2)2+ ，求L的最大值即可;
(3)如圖3，當點Q落在y軸上時，四邊形CDPQ是菱形，根據翻折的性質知：CD=CQ，PQ=PD，∠PCQ=∠PCD，又知Q落在y軸上時，則CQ∥PD，由四邊相等：CD=DP=PQ=QC，得四邊形CDPQ是菱形，表示P(n，﹣ + n+3)，則D(n，﹣ n+3)，G(0，﹣ )，利用勾股定理表示PD和CD的長并列式可得結論.
【解答】解：(1)由OC=3OA，有C(0，3)，
將A(﹣1，0)，B(4，0)，C(0，3)代入y=ax2+bx+c中，得：
，
解得： ，
故拋物線的解析式為：y=﹣ + x+3;
(2)如圖2，設P(m，﹣ m2+ m+3)，△PFD的周長為L，
∵直線BC經過B(4，0)，C(0，3)，
設直線BC的解析式為：y=kx+b，
則
解得：
∴直線BC的解析式為：y=﹣ x+3，
則D(m，﹣ )，PD=﹣ ，
∵PE⊥x軸，PE∥OC，
∴∠BDE=∠BCO，
∵∠BDE=∠PDF，
∴∠PDF=∠BCO，
∵∠PFD=∠BOC=90°，
∴△PFD∽△BOC，
∴ ，
由(1)得：OC=3，OB=4，BC=5，
故△BOC的周長=12，
∴ ，
即L=﹣ (m﹣2)2+ ，
∴當m=2時，L最大= ;
(3)存在這樣的Q點，使得四邊形CDPQ是菱形，如圖3，
當點Q落在y軸上時，四邊形CDPQ是菱形，
理由是：由軸對稱的性質知：CD=CQ，PQ=PD，∠PCQ=∠PCD，
當點Q落在y軸上時，CQ∥PD，
∴∠PCQ=∠CPD，
∴∠PCD=∠CPD，
∴CD=PD，
∴CD=DP=PQ=QC，
∴四邊形CDPQ是菱形，
過D作DG⊥y軸于點G，
設P(n，﹣ + n+3)，則D(n，﹣ n+3)，G(0，﹣ )，
在Rt△CGD中，CD2=CG2+GD2=[(﹣ n+3)﹣3]2+n2= ，
而|PD|=|(﹣ )﹣(﹣ n+3)|=|﹣ +3n|，
∵PD=CD，
∴﹣ ①，
﹣ ，
解方程①得：n= 或0(不符合條件，舍去)，
解方程②得：n= 或0(不符合條件，舍去)，
當n= 時，P( ， )，如圖3，
當n= 時，P( ，﹣ )，如圖4，
綜上所述，存在這樣的Q點，使得四邊形CDPQ是菱形，此時點P的坐標為( ， )或( ，﹣ ).
【點評】本題是二次函數的綜合題，考查了利用待定系數法求函數的解析式、菱形的性質和判定、三角形相似的性質和判定，將周長的最值問題轉化為二次函數的最值問題，此類問題要熟練掌握利用解析式表示線段的長，并利用相似比或勾股定理列方程解決問題.
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